Nevíte-li si rady s jakýmkoliv matematickým problémem, toto místo je pro vás jako dělané.
Nástěnka
❗22. 8. 2021 (L) Přecházíme zpět na doménu forum.matweb.cz!
❗04.11.2016 (Jel.) Čtete, prosím, před vložení dotazu, děkuji!
❗23.10.2013 (Jel.) Zkuste před zadáním dotazu použít některý z online-nástrojů, konzultovat použití můžete v sekci CAS.
Nejste přihlášen(a). Přihlásit
Ahoj chtěl jsem se zeptat na tento příklad: V senátu USA je 100 senátorů, přičemž vždy dva jsou ze stejného státu Unie. (USA má 50 států)
Kolika způsoby je možné sestavit 4 členný výbor pro ochranu hospodářské soutěže, kde musí býti alespoň jedna dvojice senátorů z téhož státu?
Bude to V(1;50)*C(2;98)???
Díky
Offline
Ješte mám jeden kde si nejsem jisty : Student Stanislav Hulva dostal na cvičení z diskrétní matematiky následující příklad.
Kolik existuje surjektivních zobrazení množiny M na množinu N, pokud |M| = 6 a |N| = 3? Surjektivní
zobrazení znamená, že každý prvek množiny N je obrazem nějakého prvku z množiny M.
Standa předložil toto řešení:
Ze 6 prvků množiny M vyberu vždy 3, tj. C(3;6) způsobů. Tyto tři prvky umím vždy zobrazit 3! způsoby na 3 prvky množiny N. Zbývající 3 prvky množiny M pak umíme zobrazit na 3 prvky množiny N V*(3;3) způsoby. Tedy celkově máme C(3;6)*3!*V*(3;3) způsobů.
Je tento výpočet správně? Pokud ne, popište přesně, v čem se Standa zmýlil.
Myslím,že to bude V(3;6)*3! je to tak?
Offline
Počet úplně všech zobrazení množiny M do N je , počet surjektivních dostanu tak, že odečtu počty těch, které surjektivní nejsou.
Zobrazení není surjektivní, pokud obraz množiny M má méně než 3 prvky.
Těch zobrazení s 1-prvkovým obrazem množiny M jsou 3.
Zbývá určit počet těch zobrazení, při nichž obraz množiny M mé přesně 2 prvky.
Počet úplně všech zobrazení množiny M, kdy její obraz je částí předem zvolené 2-prvkové podmnožiny D, je , mezi nimi jsou právě 2,
při nichž obraz množiny M má pouze 1 prvek. Máme tedy zobrazení, při nichž obraz množiny M je celá D.
Množinu D mohu v N zvolit 3-mi způsoby.
Počet surjektivních zobrazení z M do N , kde |M| = 6 a |N| = 3, je tedy , což mi vyšlo 540.
Standa se zmýlil v tom, že některá zobrazení započítává vícekrát. Ani Tvůj výpočet (=720) podle mne tedy není dobře.
Offline
To už se tu řešilo: http://forum.matweb.cz/viewtopic.php?id=572
Určitě to vede na inkluzi a exkluzi, jak naznačil Rumburak.
Offline
Kolika způsoby lze na klasické šachovnici(8 × 8polí)vybrat
a)trojici políček tak, že žádné dvě neleží v témže sloupci; [28672]
b)trojici políček tak,že žádné dvě neleží v témže sloupci ani v téže řadě;[18816]
c)trojici políček, která jsou všechna téže barvy. [9920]
v hranatých závorkách jsou sice výsledky, ale mě zajímá především, jak se k nim učitel dostal....
Offline
↑ adjamot:
c) máme 32 bílých polí a 32 černých, takže vybereme trojici z bílých C(3;32)=4960, nebo jen z černých, takže celkem 9920
a) počet všech možností je C(3;63), od tohoto ale musím odečít možnosti, kdy leží tři v jednom sloupci C(3;8) a těchto sloupců je osm, takže 8C(3;8) a odečíst, kdy leží dva v jednom sloupci a třetí někdde na zbývajíccích 56 místech a to opět 8x, takže 8.56.C(2;8)
b)
Opět od všech možností C(3;64) odečíst situace, kdy právě všechny tři leží v jednom sloupci 8.C(3;8) nebo v jednom řádku, takže 2.8.C(3;8) a dále odečíst situace, kdy leží dvě v jednom sloupci 8.C(2;8) a třetí někde mimo - 42 možností a opět 2x ( sloupce řádky), takže 2.8.42.C(2;8) a ještě odečíst situaci, kterou teď zvlášť popíšu
šachovnice - dvojice leží pod sebou v prvním sloupci a třetí na některé pozici ze zbývajících 14 políček prvního a druhého řádku, a ta dvojice se postupně může vyskytnout v 1 až 8 sloupci. Umístění dvojice v daném sloupci je C(2;8) krát, takže 14.8.C(2;8)
celkově vyčísleno 41 664 - 896 - 18 816 - 3136 = 18 816
možná lze i jinak, třeba i jednodušeji:-)
Offline
↑ adjamot: už se řešilo: http://forum.matweb.cz/viewtopic.php?id=6351
Offline
↑ marnes: má vděčnost je větší než 72!.....(72 faktoriál) díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....díky.....
Offline
↑ adjamot:
zdravím, přečti si pořádně odkazované vlakno- v debatě kolegů mikee (příspěvek 4) a marros (příspěvek 11) je to dořešeno.
Hodně zdaru.
Offline
↑ adjamot:
Zkusím řešit příklad jinak.
1) Kolik jich obsahuje IIII vedle sebe např. MIIIISSSSPP, takže nahradím IIII=X a hledém všechny anagr s MXSSSSPP
8!/(4!2!)=840
2) Kolik jich obsahuje III =Y MYISSSSPP 9!/(4!2!)=7560 ale ještě mínus 840, kdy jsou YI vedle sebe=6720
3) II = Z MZZSSSSPP 9!/(4!2!2!)=3780 ale ještě mínus 840, kdy ZZ jsou vedle sebe=2940
Takže máme 840+6720+2940=10500 situací kdy jsou vedle sebe II nebo III nebo IIII Ve zbylých případech tomu tak není. Teˇje otázka, zda situace s III nebo IIII se počítá do těch, kdy jsou II vedle sebe nebo ne
Offline
↑ adjamot:
nevšimla jsem, že je reakce "postup chybný, čudný" - omluva a asi už není potřeba.
Řešila bych to tak:
Souhlasky umístim _M_S_S_S_S_P_P_: 8 mezer jsou pozice pro jedno I (tak zaručím, že žádné 2, ani 3 ani 4 I se nepotkáji).
Souhlasek mám 1M, 4S, 2P - počet možných umístění je permutace s opakováním (jak v odkazu), ale mezery umístim pro 4 I jako kombinaci z 8 po 4) (nevím, proč je v odkazu jinak?)
Celkem: P´(1, 4, 2)*(8 nad 4).
Může být?
Offline