Nevíte-li si rady s jakýmkoliv matematickým problémem, toto místo je pro vás jako dělané.
Nástěnka
❗22. 8. 2021 (L) Přecházíme zpět na doménu forum.matweb.cz!
❗04.11.2016 (Jel.) Čtete, prosím, před vložení dotazu, děkuji!
❗23.10.2013 (Jel.) Zkuste před zadáním dotazu použít některý z online-nástrojů, konzultovat použití můžete v sekci CAS.
Nejste přihlášen(a). Přihlásit
Ahoj,
mějme grupu G řádu . Ta dle Sylowových vět obsahuje aspoň jednu podgrupu H řádu a aspoň jednu podgrupu F řádu . Zajímalo by mě, zda je možné za nějakých předpokladů (či dokonce bez předpokladů) tvrdit, že [Edit] [\Edit]. Např. mě napadlo, že by tím předpokaldem mohlo být, že takových grup H existuje více (aspoň 2), případně přesně q, ale moc daleko jsem se nedostal.
Rovněž by mě zajímalo, zda sjednocení všech takových H a F již tvoří G, nebo zda se může stát, že nějaké prvky "zbydou" - tj. nejsou obsaženy v žádné podgrupě řádu , nebo . Možná spolu obě otázky souvisí.
Díky za postřehy.
PS: Pokud téma nebude shledáno zajímavým, nejsem proti jeho přesunu do sekce "Vysoká škola".
Offline
asi nenastane nikdy, ne?
Pokud jsi chtěl napsat , tak to asi nastane vždy, pokud bude , prostě proto, že prvky v grupách mají různé řády.
Offline
↑ check_drummer:
Ahoj,
co se týče druhé otázky (tj zda "všechny možné H,F pokryjí G"):
To obecně nebude pravda - stačí třeba uvážit grupu . Pak , nebo i jakýkoli jiný generátor grupy, nemůže ležet v žádné netriviální podgrupě . (za předpokladu, že )
Dokonce to nebude platit v žádné komutativní grupě - je-li , pak (předpokládám-li, že a ), pak zvolím-li a , pak prvek má řád, který nedělí ani , ani (v komutativní grupě je řád součinu dvou prvků nejmenší společný násobek řádů jednotlivých prvků, za těch předpokladů jsou tyto řády netriviální dělitelé , resp. a jejich nejmenší násobek nedělí ani jedno z čísel, jelikož )
EDIT: "v komutativní grupě je řád součinu dvou prvků nejmenší společný násobek řádů jednotlivých prvků" - to je samozřejmě blbost. Ale pro prvky nesoudělných řádů určitě pořád platí, že řád součinu prvků je součin řádů prvků, takže ten protipříklad stále projde.
Offline
↑ Olin:
Ahoj, díky za upozornění, opravil jsem.
Spíš bych, řekl nejen, že mají různé, ale mají nesoudělné řády - proto by tento průnik (který sám je grupou) musel mít mohutnost, která dělí jak p^i, tak q, což jinak, než, že je tato mohutnost 1, nelze.
Offline
↑ OiBobik:
Jasně, díky. Asi jsem měl napsat, že mě zajímají výhradně grupy nekomutativní. Speciálně jsem na tuto otázku narazil při zkoumání důkazu, že každá grupa řádu q.p^n je řešitelná, což je zajímavé zkoumat jen pro případ, kdy je tato grupa nekomutativní. Bylo by zajímavé zjistit, zda v takových grupách už tvrzení o "pokrytí" platí.
Offline
↑ check_drummer:
Ok, tak přidám ještě jeden (umělejší, ale přece : D ) nekomutativní protipříklad:
Uvažme grupu . Pak a prvek je řádu 18, tedy opět nemůže ležet v požadovaných podgrupách.
(Možná by to šlo s nějakým požadavkem na trivialitu centra grupy.)
Offline
↑ OiBobik:
Když o tom tak přemýšlím, tak spolu oba body souvisí - pokud budou mít uvedené grupy "typu" H dostatečně "malý" průnik a bude-li jich "dostatečně mnoho", pak na podgrupy(u) typu F zbydou všechny dosud "nepokryté" prvky - a zbyde-li jich málo, pak můžou tvořit (spolu s 1, který je pokryt každou grupou) celou grupu F. Ale bude to chtít nějaké dodatečné podmínky, jak ukazuje Tvůj příklad. (Pozn.: V důkaze řešitelnosti té grupy se operuje s normalizátorem grupy H.)
Offline